[点分治系列] 静态点分

没错...我就是要讲点分治。这个东西底本学过的，当时学得不好...本日模仿赛又考这个东西效果写不出来。

因而博主特地又去学了学这个东西，此次相对要搞懂了...【复赛倒计时：11天】

——正片最先——

点分是一个用来处理树上途径问题、间隔问题的算法。说直接点实在就是分治头脑在树上的表现和运用。

起首是分治的要领，既然是树上问题，天然就是对树举行分治。

我们关于一棵树，选定一个点作为它的根，将这个点与其子树拆开，然后对它的子树也举行雷同的操纵，然后应用子树统计答案。一般来说，点分更像一种头脑，而不是一个算法，固然你也能够把它当算法来学。

关于怎样选根来分树，其他dalao的博客已讲得异常清晰仔细了，每次选定一棵树的重心，然后分它，如许能够做到

O(nlogn)的优异时候复杂度。

关于求重心，做法就是一个size统计。

这里照样引见一下吧（许多博客都只贴一个代码...):
关于一个节点x，若我们把其删除，本来的树就会变成多少部份，我们设maxsubtree(x)示意删除x后剩下的最大子树的大小，若我们找到一个x，使得maxsubtree(x)最小，x就是这棵树的重心。

给出求重心的代码：

void getroot(int x,int fa){
    siz[x]=1;son[x]=0;
    for(int i=head[x];i;i=nxt(i)){
        int y=to(i);
        if(y==fa||vis[y])continue;
        getroot(y,x);
        siz[x]+=siz[y];
        if(siz[y]>son[x])son[x]=siz[y];
    }
    if(Siz-siz[x]>son[x])son[x]=Siz-siz[x];
    if(son[x]<maxx)maxx=son[x],root=x;
}

因而我们就晓得怎样拆树了，背面的东西就不难了。

update: 19.11.5 关于上面的代码加一些诠释，Siz示意当前在求重心的这一棵树的大小，root用来纪录重心

我们来说怎样统计信息

起首我们要统计与每一次找到的重心有关的途径，我们用dis[x]示意目标点（重心）到x的间隔。

给出getdis的代码：

void getdis(int x,int fa,int d){//d示意x到目标点的间隔
    dis[++top]=d;//我们只须要晓得每个点到目标点的间隔就行，不必晓得这个点是哪一个
    for(int i=head[x];i;i=nxt(i)){
        int y=to(i);
        if(y==fa||vis[y])continue;
        getdis(y,x,d+val(i));
    }
}

有了dis数组后，我们就能够很轻松的取得途径的长度了。

比方，我们已知x到重心的间隔是m，y到重心的间隔是n，那x到y的间隔就是m+n，能够仔细的读者已发明锅了。

假如x到y的途径都在一棵子树内，我们就会有一段间隔被反复盘算了，如许我们获得的途径就是不对的。

给一张图邃晓一下：

如图，蓝色的代表x到重心的途径，赤色的代表y到重心的途径，我们能够获得dis[x]=3，dis[y]=2。

假如根据前面说的盘算体式格局，x到y的途径长度应该是5了，然则并非，我们的途径长度是3。

缘由就是，绿色的那一段，我们根本不走，我们不经由它。

因而我们要处理这类不正当途径。晓得一切途径，又晓得不正当途径，应用容斥道理，我们能够获得：

正当途径=一切途径 - 不正当途径。

如许我们divide的代码就出来了：

void divide(int x){
    vis[x]=1;//保证我们每次divide的x都是当前这棵树的重心，所以标记x已divide过了
    solve(x,0,1);//盘算这棵树以x为重心的一切途径答案
    int totsiz=Siz;//这棵树的大小
    for(int i=head[x];i;i=nxt(i)){
        int y=to(i);
        if(vis[y])continue;
        solve(y,val(i),0);//求不正当途径
        maxx=inf,root=0;//初始化
        Siz=siz[y]>siz[x]?totsiz-siz[x]:siz[y];//更新siz
        getroot(y,x);//求出以y为根的子树
        divide(root);//以y为根的子树分治下去
    }
}

我们看一看去除不正当途径的代码：

solve(y,val(i),-1);

思索发明：

一切不正当途径都是在统一棵子树中的途径，我们要减去它。

先往下看完solve再回来看这里。

我们进入到solve中，起首是getdis，以x为目标点猎取dis。然则我们要猎取的是间隔为val(i)的dis。

这就使得dis[y]=val(i)，所以以y为根的子树中的一切dis值就即是dis[y]+它们到y的间隔，然后由于dis[y]是x到y的间隔，

所以我们就求出了以y为根的子树中一切点到x的间隔。

现实一点的邃晓就是，y到目标点的间隔是dis[y]=val(i)，y的子树中的点到x的间隔就是它们到y的间隔+dis[y]，所以跑一遍能够求出y的子树中一切点到x的间隔。

然后就是solve函数了：

我们这里的solve以模板题：【模板】点分治1 为例，差别问题我们solve的东西差别。

起首一定能够想到一个O(n^2)的做法的，确切能够水过去这一题。

然则我毕竟是在写博客...所以，O(nlogn)做法送上...

我们这么想，我们须要统计途径长为k的点对个数，那我们只需肯定了一个点x，另一个点的dis[y]就应该是k-dis[x]，我们只须要二分找k-dis[x]就好了。

void solve(int x,int d,int avl){//avl(available)示意此次盘算获得的答案是不是正当 
    top=0;//清空dis数组 
    getdis(x,0,d);//猎取到当前这棵树到x的间隔为d的一切dis 
    int cnt=0;
    sort(dis+1,dis+top+1);//排好序预备二分
    dis[0]=-1;//第一个dis设置为新鲜的数轻易下面比较 
    for(int i=1;i<=top;i++){//把一切间隔雷同的点放进一个桶内里轻易操纵 
        if(dis[i]==dis[i-1])
            bucket[cnt].amount++;//本来桶的个数+1 
        else
            bucket[++cnt].dis=dis[i],bucket[cnt].amount=1;//新开一个桶 
    }
    for(int i=1;i<=m;i++){
        if(query[i]%2==0)//假如k是偶数的话，我们零丁斟酌一下间隔为k/2那些点，它们能够相互配对形生长为k的途径 
            for(int j=1;j<=cnt;j++)
                if(bucket[j].dis==query[i]/2)//假如间隔是k/2 
                    ans[i]+=(bucket[j].amount-1)*bucket[j].amount/2*avl;
                    //组合计数，假定我们有x个间隔为k/2的点，就有(x-1)*x/2个点对间隔为k，也就是我们能够配出这么多个差别点对
                    //实在就是C(x,2)->x!/((x-2)!*2)->(x-1)*x/2
        for(int j=1;j<=cnt&&bucket[j].dis<query[i]/2;j++){
　　　　　　　 //接着罗列<k/2的间隔，然后我们二分找>2的间隔配对，防止反复(点对(u,v)和(v,u)是等价的)，即是k/2的我们前面算过了，所以一切状况都斟酌到了
            int l=j+1,r=cnt;
            while(l<=r){
                int mid=(l++r)>>1;
                if(bucket[j].dis+bucket[mid].dis==query[i]){
                    ans[i]+=bucket[j].amount*bucket[mid].amount*avl;
                    //组合计数纪录答案，假定我们有x个间隔为m的点，y个间隔为k-m的点，我们就有x*y个差别的点对(分类相乘)
                    break;//这一轮二分完了，下一轮 
                }
                if(bucket[j].dis+bucket[mid].dis>query[i])r=mid-1;//大了，往小的二分
                else l=mid+1;//小了，往大的二分
            }
        }
    }    
}

这么细致都看不懂我就教不了了...

接下来就给出一切代码吧...（我晓得你们只想看这个/doge）

#include<bits/stdc++.h>
#define N 100010
#define lint long long
#define inf 0x7fffffff
using namespace std;
int vis[N],son[N],Siz,maxx,siz[N];
int root,head[N],tot,n,m,dis[N],top,query[N],ans[N];
lint k;
struct Bucket{
    int dis,amount;
}bucket[N];
struct Edge{
    int nxt,to,val;
    #define nxt(x) e[x].nxt
    #define to(x) e[x].to
    #define val(x) e[x].val
}e[N<<1];
inline int read(){
    int data=0,w=1;char ch=0;
    while(ch!='-' && (ch<'0'||ch>'9'))ch=getchar();
    if(ch=='-')w=-1,ch=getchar();
    while(ch>='0' && ch<='9')data=data*10+ch-'0',ch=getchar();
    return data*w;
}
inline void addedge(int f,int t,int val){
    nxt(++tot)=head[f];to(tot)=t;val(tot)=val;head[f]=tot;
}
void getroot(int x,int fa){
    siz[x]=1;son[x]=0;
    for(int i=head[x];i;i=nxt(i)){
        int y=to(i);
        if(y==fa||vis[y])continue;
        getroot(y,x);
        siz[x]+=siz[y];
        if(siz[y]>son[x])son[x]=siz[y];
    }
    if(Siz-siz[x]>son[x])son[x]=Siz-siz[x];
    if(son[x]<maxx)maxx=son[x],root=x;
}
void getdis(int x,int fa,int d){
    dis[++top]=d;
    for(int i=head[x];i;i=nxt(i)){
        int y=to(i);
        if(y==fa||vis[y])continue;
        getdis(y,x,d+val(i));
    }
}
void solve(int rt,int d,int avl){//avl(available)示意此次盘算获得的答案是不是正当 
    top=0;//清空dis数组 
    getdis(rt,0,d);//猎取到当前这棵树的rt的间隔为d的一切dis 
    int cnt=0;
    sort(dis+1,dis+top+1);//排好序预备二分
    dis[0]=-1;//第一个dis设置为新鲜的数轻易下面比较 
    for(int i=1;i<=top;i++){//把一切间隔雷同的点放进一个桶内里轻易操纵 
        if(dis[i]==dis[i-1])
            bucket[cnt].amount++;//本来桶的个数+1 
        else
            bucket[++cnt].dis=dis[i],bucket[cnt].amount=1;//新开一个桶 
    }
    for(int i=1;i<=m;i++){
        if(query[i]%2==0)//假如k是偶数的话，我们零丁斟酌一下间隔为k/2那些点，它们能够相互配对形生长为k的途径 
            for(int j=1;j<=cnt;j++)
                if(bucket[j].dis==query[i]/2)//假如间隔是k/2 
                    ans[i]+=(bucket[j].amount-1)*bucket[j].amount/2*avl;
                    //组合计数，假定我们有x个间隔为k/2的点，就有(x-1)*x/2个点对间隔为k，也就是我们能够配出这么多个差别点对
                    //实在就是C(x,2)->x!/((x-2)!*2)->(x-1)*x/2
        for(int j=1;j<=cnt&&bucket[j].dis<query[i]/2;j++){//接着罗列<k/2的间隔，然后我们二分找>2的间隔配对 
            int l=j+1,r=cnt;
            while(l<=r){
                int mid=(l+r)>>1;
                if(bucket[j].dis+bucket[mid].dis==query[i]){
                    ans[i]+=bucket[j].amount*bucket[mid].amount*avl;
                    //组合计数纪录答案，假定我们有x个间隔为m的点，y个间隔为k-m的点，我们就有x*y个差别的点对(分类相乘)
                    break;//这一轮二分完了，下一轮 
                }
                if(bucket[j].dis+bucket[mid].dis>query[i])r=mid-1;//大了，往小的二分
                else l=mid+1;//小了，往大的二分
            }
        }
    }    
}
void divide(int x){
    vis[x]=1;
    solve(x,0,1);//正当的算进去 
    int totsiz=Siz;
    for(int i=head[x];i;i=nxt(i)){
        int y=to(i);
        if(vis[y])continue;
        solve(y,val(i),-1);//不正当的算出来减掉 
        maxx=inf,root=0;
        Siz=siz[y]>siz[x]?totsiz-siz[x]:siz[y];
        getroot(y,x);
        divide(root);
    }
}
int main(){
    n=read();m=read();
    for(int i=1;i<n;i++){
        int x=read(),y=read(),z=read();
        addedge(x,y,z);addedge(y,x,z);
    }
    for(int i=1;i<=m;i++)query[i]=read();
    maxx=inf;root=0;Siz=n;
    getroot(1,0);
    divide(root);
    for(int i=1;i<=m;i++){
        if(ans[i]>0)puts("AYE");
        else puts("NAY");
    }
    return 0;
}

这份代码不仅求出了是不是有途径长为k的答案存在，还求出了途径长为k的点对个数。

不须请求个数的话你就改一改solve，如许常数会小一点，跑得更快，然则这一题我更想给你们讲讲思绪，学会闻一知十...末了照样那句话，我个人并不认为点分是一种算法，它更多表现的是分治的头脑在树上的运用。

实在你会发明，许多高端的数据结构、算法之类的，都是由基本的算法头脑衍生出来的泛用性更强的东西。

懂了基本的算法头脑，你不只能够轻松的学会种种高阶算法，以至能够本身造出解题的算法。

比方图论内里的dijkstra最短路算法，不就是贪婪吗？再比方线段树，不就是分治吗？

一些看起来很高等，听起来很难的东西，只需你弄邃晓了个中的实质，你在叹息发明者的伶俐同时，本身也就收成到了个中包含的学问和基本头脑的运用要领。进修不是死学...只要弄邃晓了它的事情道理和体式格局，你才算是控制了它，仅仅是能够用它来做题，那问题变变形，你就一脸懵了。